Algorithms (task 1), 4 semester
Author:
Kamila
Last Updated:
há 7 anos
License:
Creative Commons CC BY 4.0
Abstract:
#maths #russian #homework
\begin
Discover why 18 million people worldwide trust Overleaf with their work.
#maths #russian #homework
\begin
Discover why 18 million people worldwide trust Overleaf with their work.
{}\documentclass{article}
\usepackage[T2A]{fontenc}
\usepackage[utf8]{inputenc}
\usepackage[russian]{babel}
\usepackage{tikz}
\usepackage{amscd}
\usepackage[inline]{enumitem}
\usepackage{amsmath}
\usepackage{dsfont}
\usepackage{indentfirst}
\usepackage{amssymb}
\usepackage{amsfonts}
\usepackage{amsthm}
\usepackage{epigraph}
\usepackage{icomma}
\renewcommand{\thesection}{\arabic{section}}
\renewcommand{\baselinestretch}{1.0}
\renewcommand\normalsize{\sloppypar}
\setlength{\topmargin}{-0.5in}
\setlength{\textheight}{9.1in}
\setlength{\oddsidemargin}{-0.3in}
\setlength{\textwidth}{7in}
\setlength{\parindent}{0ex}
\setlength{\parskip}{1ex}
\title{Домашнее задание на первую неделю}
\author{Бельденова Камила, 675}
\date{13 февраля 2018}
\begin{document}
\maketitle
\begin{tabular}{|c|c|c|c|c|c|c|c|}
\hline
1&2&3&4&5&6&$\Sigma$\\
\hline
&&&&&&\\
\hline
\end{tabular}
\\\\
\begin{enumerate}
\item[\textbf{Задача 1.}] Дан массив из $n$, на которых определено отношение равенства ( например, речь может идти о массиве картинок или музыкальных записей). Постройте алгоритм, который в "потоковом режиме обработки данных" определяет, есть ли в массиве элемент, повторяющийся больше $\frac{n}{2}$ раз. Считается, что в вашем распоряжении есть память объемом $O(log~n)$ битов.\\
\begin{center}
Решение
\end{center}
Воспользуемся следующим фактом: последовательность чисел $\{a_1,a_2,\dots,a_k\}$ можно закодировать одним числом: \fbox{$X = 2^{a_1}3^{a_2}5^{a_3}...$}. \\
Причем такое кодирование однозначно и обладает таким свойством, что по числу $X$ можно однозначно восстановить исходную последовательность закодированных чисел.\\
\\
Теперь используя этот факт, построим алгоритм:\\
1) Закодируем весь наш массив чисел в одно число \fbox{$X = 2^{a_1}3^{a_2}5^{a_3}...$} \\
2) Раскодируем первые 5 элементов. Найдем среди них медиану. Обозначим найденное число за $b_1$, формируя новое число $Y = 2^{b_1}$. Будем продолжать то же самое и для последующих пятерок из оставшихся чисел массива, продолжая вычислять $Y = Yp_k^{b_k}$, где $p_k$~-~$k$-ое простое число. Кроме медианы будем искать min и max среди всех чисел простым сравнением, изменяя соответсвенно значения min и max при находжении числа, меньшего, чем min, и большего, чем max.\\
3) В итоге в $Y$ будет закодирован массив медиан. Будем повторять (2), пока не получим одно число - медиану медиан исходного массива. Затем распределим числа в "мешки" относительно этого числа и запустим алгоритм для "большего мешка".\\
4) После нахождения middle, max, min сравним эти числа, если middle совпадает с одним из чисел, то в массиве есть число, которое повторяется $n/2$ раз, иначе~--~такого числа нет.\\
\\
Требуемая быстрая память для алгоритма: $5$ элементов для нахождения медианы среди $5$-рок чисел, $3$ элемента для хранения чисел $X, min, max$. Т.~е. константное значение для любого массива длины $n$.\\
\end{enumerate}
\begin{enumerate}
\item[\textbf{Задача 2.}] {\footnotesize
Дано описание программы.
\begin{itemize}
\item ВХОД($x,y$~---~натуральные числа).
\item Пусть $2^{d_x}$~---~максимальная степень $2$, делящая $x$; $d_y$ определяется аналогично.
\item Положим $a=x2^{-d_x}, \, b=y2^{-d_y}$.
\item Поменять местами $b$ и $a$, если $b<a$.
\item ПОКА $b>1$ ВЫПОЛНИТЬ
\item Положим $r$ равным тому из чисел $a+b, \, a-b$, которое делится на $4$.
\item Положим $a=\max(b, r2^{-d_r}), \, b=\min(b,r2^{-d_r})$, где $2^{d_r}$-- максимальная степень $2$, делящая $r$.
\item КОНЕЦ ЦИКЛА ПОКА
\item ВЫХОД($a2^{\min(d_x,d_y)})$.
\end{itemize}
}
Программа, {\bf если в ней исправить неточности}, вычисляет известную функцию. Какую? Оцените трудоемкость (скорректированной) процедуры (число битовых операций), если $x, y$~---~$n$-битовые числа.
\smallskip\\
\begin{center}
Решение
\end{center}
Если изменить в алгоритме $2$ условия:\\
1) $b > a$ на $b < a$ в $4$ строке;\\
2) $b > 1$ на $b \geq 1$ в $5$ строке,\\
\\
то получается что-то похожее на бинарный алгоритм Эвклида. Возьмем описание этого алгоритма c 372-й страницы книги Кнута:\\
\\
1) Присвоить $k \leftarrow 0$, затем повторни присваивать $k \leftarrow k + 1, x \leftarrow x/2, y \leftarrow y/2$ нуль или более раз до тех пор, пока оба числа $x$ и $y$ станут нечетными.\\
2) (Исходные значение чисел $x, y$ уже разделены на $2^k$ и по крайней мере одно из текущих значений нечетно). Если нечетно $x$, то присвоить $t \leftarrow -x$ и перейти к шагу 4. Иначе присвоить $t \leftarrow x$.\\
3) (Это случай когда t нечетно) Присвоить $t \leftarrow t/2$\\
4) Если $t$ четно, то вернутся к шагу 3.\\
5) Если $t > 0$, то присвоить $x \leftarrow t$, в противном случае $y \leftarrow -t$ (большее из чисел заменяется на $|t|$ за исключением, возможно первого выполнения этого шага).\\
6) Присвоить $t \leftarrow x-y$ Если $t \not= 0 $, то вернуться к шагу 3. В противном случае алгоритм останавливает выполнение, а на выходе $x2^k$\\
Этот алгоритм аналогичен представленному в задании.
\end{enumerate}
\begin{enumerate}
\item[\textbf{Задача 3.}] На вход подается описания $n$ событий в формате $(s,f)$~---~время начала и время окончания. Требуется составить расписание для человека, который хочет принять участие в максимальном количестве событий. Например, события~---~это доклады на конфереции или киносеансы на фестивале, которые проходят в разных аудиториях. Предположим, что участвовать можно только с начала события и до конца. Рассмотрим три жадных алгоритма.\\
\begin{itemize}
\item Выберем событие кратчайшей длительности, добавим его в расписание, исключим из рассмотрения события, пересекающиеся с выбранным. Продолжим делать то же самое далее.
\item Выберем событие, наступающее раньше всех, добавим его в расписание, исключим из рассмотрения события, пересекающиеся с выбранным. Продолжим делать то же самое далее.
\item Выберем событие, завершающееся раньше всех, добавим его в расписание, исключим из рассмотрения события, пересекающиеся с выбранным. Продолжим делать то же самое далее.
\end{itemize}
Какой алгоритм вы выберете? В качестве обоснования для каждой процедуры проверьте, что она является оптимальной (т.~е. гарантирует участие в максимальном числе событий) или постройте конкретный контрпример.
\smallskip
\begin{center}
Решение
\end{center}
Первые 2 алгоритма неверны, приведем контрпример:\\
1) Пусть есть 3 события, заданные в формате $(s_i, f_i)$: (0, 5); (6,10); (4,7). Правильным решением будет пойти на (0,5) и (6,10), т.~е. можно пойти на 2 события.\\
Первый алгоритм выберет кратчайшее по длительности~--~(4,7) и пересекающиеся с этим уберет, поэтому человек пойдет только на одно событие, вместо двух $\Rightarrow$ алгоритм неверен.\\
2) Пусть есть 3 события, заданные в формате $(s_i, f_i)$: (0, 5); (1,2); (3,4). Правильным решением будет пойти на (1,2) и (3,4), т.~е. можно пойти на 2 события.\\
Второй алгоритм выберет то событие, которое начинается раньше остальных~--~(0,5), т.~к. событий после момента времени 5 нет, то человек пойдет на 1 событие $\Rightarrow$ алгоритм неверен.\\
3) Сначала отсортируем список событий по возрастанию времени окончания события.\\
Покажем, что этот алгоритм дает оптимальное решение задачи о выборе события, содержащее событие, которое заканчивается раньше остальных (назовем его событие под номером 1). В самом деле, если в каком-то оптимальном множестве событий событие под номером 1 не содержится, то можно заменить в нем событие с самым ранним временем окончания на событие под номером 1, что не повредит совместимости событий и не изменит их общего количества. Значит, можно искать оптимальное множесто заявок А среди содержащих событие под номером 1: существует оптимальное решение, которое начинается с жадного выбора.\\
\\
Исходя из написанного, можно выбросить события, несовместные с событием под номером 1, и задача сводится к выбору оптимального набора других событий из множества оставшихся событий. Т.~е. задача свелась к аналогичной, только с меньшим числом событий. По индукции получаем, что, делая на каждом шаге подобный жадный выбор, алгоритм будет работать корректно.\\
\end{enumerate}
\begin{enumerate}
\item[\textbf{Задача 4.}] Найдите явное аналитическое выражение для производящей функции чисел $BR_{4n+2}$ правильных скобочных последовательностей длины $4n+2$ (ответ в виде суммы ряда не принимается).
\smallskip\\
\\
Производящая функция чисел Каталана $C_n: \sum_{n = 0}^{\infty}C_nz^n = \frac{1-\sqrt{1-4z}}{2z}$\\
\end{enumerate}
\begin{enumerate}
\item[\textbf{Задача 5.}] Оцените трудоемкость рекурсивного алгоритма, разбивающего исходную задачу размера $n$ на три задачи размером $\lceil\frac{n}{\sqrt{3}}\rceil-5$, используя для этого $10\frac{n^3}{\log n}$ операций.\\
\begin{center}
Решение
\end{center}
$$T(n) = 3T\biggl(\frac{n}{\sqrt[]{3}}-5\biggr)+10\frac{n^3}{log(n)}$$
\\
$$3>0$$
$$0<\frac{1}{\sqrt[]{3}}<1$$
$$10\frac{n^3}{log(n)} \in O(n^3)$$
$$-5 \in O\biggl(\frac{n}{log^2(n)}\biggr)$$
Следовательно, можем воспользоваться теоремой Акра-Баззи:\\
$$T(n) = \Theta\Biggl(n^p\biggl(1+\int_1^n\frac{x^3}{x^{p+1}log(x)}dx\biggr)\Biggr),$$ где $p$ ищется из условия: $$3\cdot\frac{1}{\sqrt[]{3^p}}=1 \Leftrightarrow p = 2$$
Получаем: $$T(n) = \Theta\Biggl(n^2\biggl(1+\int_1^n\frac{x^3}{x^3log(x)}dx\biggr)\Biggr)$$
\end{enumerate}
\begin{enumerate}
\item[\textbf{Задача 6.}] Рассмотрим детерминированный алгоритм поиска медианы по кальке известного линейного алгоритма, где используется разбиение массива на четвёрки элементов, в каждой из которых определяется \emph{нижняя} медиана, т.~е. из в каждой четверки выбирается второй по порядку элемент (элементы можно считать различными). Приведите рекуррентную оценку числа сравнений в этой процедуре и оцените сложность такой модификации.
\smallskip
\begin{center}
Решение
\end{center}
В нашем случае медиана медиан обладает таким свойством, что она больше, по крайней мере, $5/24$ элементов, тогда трудоемкость рекурсии:
$$T(n) = T\biggl(\frac{n}{4}\biggr) + T\biggl(\frac{3n}{4}\biggr) + O(n),$$ где
$T(\frac{n}{4})$~--~время на рекурсивное нахождения медианы медиан (каждый раз откидываем 4-ю часть обьектов);\\
$T(\frac{3n}{4})$~--~количество обьектов, которое в худшем случае остается для проверки после сравнений;\\
$O(n)$ - трудоемкость "сшивания", в нашем случае это трудоемкость сравнения.\\
\\
Докажем, что $\exists c: T(n)\leq c\cdot n\cdot log_2(g)$
$$\exists c: T(n) \leq \frac{n}{4}\cdot c \cdot log_2\biggl(\frac{n}{4}\biggr)+\frac{3n}{4} \cdot c \cdot log_2\biggl(\frac{3n}{4}\biggr) + n=c\cdot n \cdot log_2(n)+n\Biggl( 1-c \biggl(2+log_2\biggl(\frac{4}{3}\biggr)\biggr)\Biggr) \leq c \cdot n \cdot log_2(n)$$
Докажем, что $\exists c: T(n) \geq c\cdot n \cdot log_2(g)$
$$\exists c: T(n) \geq \frac{n}{4}\cdot c \cdot log_2\biggl(\frac{n}{4}\biggr)+\frac{3n}{4} \cdot c \cdot log_2\biggl(\frac{3n}{4}\biggr) + n=c\cdot n \cdot log_2(n)+n\Biggl( 1-c \biggl(2+log_2\biggl(\frac{4}{3}\biggr)\biggr)\Biggr) \geq c \cdot n \cdot log_2(n)$$
Следовательно $T(n) = \Theta(n \cdot log(n))$
\end{enumerate}
\end{document}